2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-R-必考-CQ]五试题正在持续更新，目前2025届国考1号答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

2023届专题04化学答案与解析【答案】A【解析】合金的熔点低于各成分，A错误，业治炼铝常采用电解法冰晶石可以降低体系的熔点，炼铁常以焦炭为还原剂，采用热还原的方法，B正确：工衡移动原理可用金属钠置换金属御，D正确节约了能量，C正确：由于钾的沸点低于金属钠，放借助2.【答案】B【解析】74g出、CO和C0混合气用电火花全部点燃，将产物通过足量的Na,O2,过氧化够增重5g过氧化钠增重吸收的是H、C0,二氧化碳分子中的2个O原子有1个0原了没有勒哪收，质量是6g,即m03.氧原子，则二氧化碳为1ol,B正确，H和C0的物质的量之比为任意比，D错误【答案】C【解析】经分析铁、铝混合物与硝酸反应，硝酸过量，与稀硝酸的反度方程式为：Fc+4O,稀e0tN012H0A14HN0,二A1NONO1+2H,O,枚生成02m01N0,B销吴：报据题意人A1OHD]之K-Fc(OHD],因此向混合溶液中滴加NaOH溶液时，首先中和硝酸，然后应先生孩Fe(O沉淀，加入NaOH溶液的体积为时，开始生成AOH为沉淀，继续滴加NaOH溶液，则AOH+OF=AO+2H,O,A错误：乃时，氢氧化铝刚好溶解，此时溶液成分为NaNO,(NaNO,)=nNO)mNO=16mol-0.2mol=NaO二14mol,NaOH溶液的体积为700mL,C正确：A1的物质的量为0.210m0l,若加入750mL2m0tL的aOH溶液，所得沉淀中无AOH,则溶质为硫酸钠、偏铝酸钠，根据铝无素守恒可知：个aA1O)=021-am01,根据钠离子守恒，应满足：NaOH≥(NaNO,)+nNaA1O,即0.75×2≥14H0.21-),a≥0.5，D错误4.【答案】D【解析】A项FeC能将SO,2氧化成硫酸根离子，SsO,2与BaCz反应生成硫酸钡沉淀，但Fe(SO中含SO2故A错误，B顶产生黄色沉淀说明生成S单质，由9被F心氧化所致，不是SOF氧化的，故B错误：C项酸性KMO4溶液能够氧化过量的H,O,使溶液褪色，故C错误：D项正确。【答案】C【解析】A顶，硝酸《HNO,)会氧化FC2,不能共存：B项与铝反应生成氢气的溶液可以是酸性溶液，但不能有硝酸根，因为硝酸与铝反应不生成氢气，也可以是碱性溶液，但碱性条件下A会生成氢氧化铝沉淀，故B项离子不能共存：C项，可以共存：D项，能使甲基橙变黄的溶液可以是酸溶液也可以是中性溶液或6.碱性溶液，碱性条件下Fe2+与OH反应得到氢氧化亚铁沉淀、NH:会生成NH,H,O,故选C【答案】B【解析】3.2g是铜、氧化铜的混合物，则A1、A120的质量是1.56g,2.04g固体是最后得到的氧化铝的质量（含0.04molA1原子），则样品中A1结合的0元素质量为2.04g1.56g=0.48g,A1的质量为0.54g,为0.02mol,与氢氧化钠反应生成0.03mol氢气，V=672mL,D错误：Al203的质量是1.56g0.54g=1.02g,含0元素质量为0.48g,包括氧化铜中0元素，样品中氧元素的质量大于0.48g,C错误；滤液A中含有的金属元素离子有Na、A1O,A错误；氢氧化钠溶解样品生成NaA1O2,nNa)=(A1O2)=0.04mol,则消耗的氢氧化钠为0.04mol,B正确。7.【答案】C【解析】A项，转化合理，Y为Al(O)、Z为NaA1O2;B项，转化合理，Y为NaCo、Z为NaHCOC项，转化不合理，X为C2,W为Fe时，则Y为FeCl3,Z为FeCl2,而Cu与FeCl2不反应：D项，转化合理Y为A1(OH5、Z为A1CLs。8.【答案】C【解析】铝离子在足量的OH中应该得到A1O2，而非A(OHD,A错误：硝酸具有强氧化性，可把Fe2+氧化为Fe,B错误；K先和水发生反应得到KOH,再与CuSO4溶液反应产生Cu(OD2蓝色沉淀，C正确：足量氯气氧化F2溶液，Fe2+和I厂的比例应为1：2，而不是2：1，D错误。9.【答案】C【解析】NH4+的检验需要加碱再加热才能够逸出NH,A错误；若Fe*没有被氧化，加入NO,也会生成Fet,加入KSCN也会变血红色，B错误；根据给出的现象可判断Fe3+对HO2的催化作用大于Cu2,C正确：Mg可以在CO2中燃烧，D错误。10.【答案】D【解析】A中的二氧化硫与水直接反应不能转化为硫酸，A错误；铝土矿与加入足量的氨水不反应，B错误；饱和氯化钠溶液先通二氧化碳后通氨气，无法得到较多的碳酸氢根，C错误：D正确。11.【答案】B【解析】Na2CO3、NaAIO2的混合溶液中加入HCl溶液，先发生反应AIO2+H+HO=AI(Ol,对应a曲线，A1O2反应完毕，发生反应CO2-+H=HCO3,至2段，b曲线对应反应HC0+H=C02↑+HO,c曲线A1(OD3溶解，A错误；若2=V2,则生成的CO2与A1(OD3的物质的量之比为：1，D错误；根据以上分析可知结合H的能力：A1O2>CO32>HCO,>A1(OD3,B正确；消耗盐酸体积为时，溶液的成分是Na2C0NaCl,C错误。12.【答案】C【解析】根据题千要求两种离子形成易溶的化合物，CO,2只能和Na*结合得到NaCO3,则OH只能和Ba2+结合得到Ba(OH2;能够和其他物质产生沉淀只有Ba(OHD2,故甲为Ba(OH)2,可以和Ba(OD2产生白色沉淀的离子有：C0,2-、A1+、S042,故C0,2、A13+、S042应分别属于其他三种溶液：由于C02水解而显碱性，故推测乙为Na2CO3;根据实验③可以确定丙溶液含有SO42;甲是Ba(OH2,甲溶液含有Ba2+,A正确；乙溶液是Na2CO3,故乙溶液含有Na,B正确，C错误；丙溶液中含有SO2,则C只能存在于丁溶液中，D正确。13.【答案】(1)3(2分)(2)①2Fe3+SO2+2H20=2Fe2++S042-+4H(3分)②02>Fe3>S042-(2分)(3)2Cu+02+4H+22Cu2+2H20(3分，或答：2Cu+02≌2Cu0、Cu0+2H=Cu2+H0)3:2(2分)【解析】(1)反应2 CuFeS2+0,高温CuS+2FeS+S0,中，化合价变化情况为：Cu元素由+2价降低为+1价，S元素由-2价升高到+4价，氧气中0元素由0降低为2价，则每生成1molC2S转移电子6mol。所以当第二个反应生成1 mol Cu时，第一个反应转移电子3mol。(2)由流程可以分析得出溶液A中的反应为：2Fe+SO2+2H0=2Fe2+S042+4H,溶液B中的反应为：4Fe2*+O2+4H=4Fe3+2H20,由此可知氧化性：0>Fe3>S0:2。(3)将热空气通入加有铜粉的稀硫酸中时，发生反应：2Cu+O2+2HSO4△2CuS04+2HO,故可得到蓝色硫酸铜溶液。向加有铜粉的稀硫酸中加入稀硝酸时，若得到硫酸铜溶液，则硝酸只起到氧化剂作用，而稀硫酸只起酸性作用，故专题04化学答案与解析第1页