[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1 物理(福建卷)试题正在持续更新，目前2025届国考1号答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

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1、百师联盟2024高三冲刺卷二物理
2、百师联盟2024新高考卷物理

(3)如图乙所示，得h:=之g2,=sh0=号g2,得出1-0.6s。故人距离墙的水速率，D项错误。【变式2】AB【解析】设玩具小熊的质量为距离至少为x=t'=5×0.6m=3m,故要使球m,则玩具受到的重力mg、细线的拉力Fr的合扔进洞，人必须站在离网距离至少为x一x一L力提供玩具小熊随车做水面内圆周运动的向=3m-2m=1m处，B项正确。心力F(如图)，有ngtan0=a,可知列车在转弯第3讲圆周运动时的向心加速度大小为a=gtan0,A项正确：列且3.xg-2L车的向心加速度a=gtan0,由列车的重力与轨学基础知识设球从恰好越过球网到达到最高点时所用的时道的支持力的合力提供，故列车与轨道均无侧向要点1挤压作用，B项正确；水杯的向心加速度a-gtan间为t,水距离为s,有h:一h=之g①相等②不变③圆心④不变⑤速度0,由水杯的重力与桌面的支持力的合力提供，水s=v3t⑥@祭⑧四⑨0uw2r①大杯与桌面间的静摩擦力为零，C、D两项错误。中儿何关系得.x3十s=I,小②uwr3圆心④合力⑤分力G圆解得=周运动⑦向心力【例7】D【解析】由题图可知，甲、乙、丙基础诊断1.C2.C3.B4.AB丁高度不完全相同，根据抛运动的时间山高讲关键能力度决定可知球到达四鼓用时不可能都相同，A【例1】D【解析】大齿轮与小齿轮是链条传动，线速度大小相等，有2πnr1-ωr2,得ω【例4】AC【解析】球B运动创最高点时，项错误；甲、乙两鼓高度相同，抛运动的时间杆对球B恰好无作用力，即重力恰好提供向心相同，但羽毛球做抛运动的水位移不同，由2πn,小齿轮和后轮是同轴传动，角速度大小x=,可知初速度不同，B项错误；运动员距相等，做后轮边缘的线速度等于自行车前进的力，有g=m咒，解得B=V2gL,A项正离甲鼓的位置比距乙鼓的位置远，两鼓等高，球确；由于A、B两球的角速度相等，则球A的速到达两鼓用时相等，击中甲鼓的水速度较大，速度，大小为=or32产，D项正确。r2竖直方向速度相等，则实际击中的速度大小不【变式1】A【解析】由题意知拖把头转动度大小0A=号√2g,B项错误；B球在最高点等，C项错误；甲鼓的位置比丁鼓位置高，球到时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合达丁鼓用时较长，若某次发球能够击中甲鼓，用的周期T=7s,则拖把头转动的角速度ω相同大小的速度发球可能击中丁鼓，D项正确。力提铁向心力，有F-mg=n瓷，解得F2祭-14πrad/s,C项错误；拖把头边缘的线速【例8】C【解析】物块的加速度a=gsin9,)mg,C项正确，D项错误。根据合2，得1√g/2L,A、B两项错误；初度u-2-1.4m/,A项正确拖把杆向下【变式3】AC【解析】在最低点Q时向心运动的速度2==0.35m/s,B项错误；拖加速度向上，小球处于超重状态，A项正确。小速度=-b√罗，C项正确，D项错误。球越过最高点的临界速度=√g,即小球运【例9】D【解析】设第一次投篮时的初速把头的转速n=了=7r/s,D项错误。动到最高点P时，速度要大于等于√g,根据度为，其抛射角为0，篮球恰好空心命中。根【例2】BD【解析】对小球受力分析，设轻据抛体运动的规律可知，其运动时间t=动能定理得一mg·2l=2mv2-之mw2,解弹簧弹力为FT,轻弹簧与水方向的夹角为，2nsin0,其水射程x=(cos8)t=在竖直方向，由于PQ杆光滑，其轻弹簧拉力沿得=√5g,即小球在最低点的速度需满足PQ杆方向向上的分力等于小球重力，Frsin0≥√5gl,才能通过最高点P,B项错误，C项2n2sim6c0s0-w2sin20,增加初速度大小，将g,小球均相对PQ杆静止，0角不变，所以正确。在Q点，根据牛顿第二定律得F1一mg篮球水抛出，篮球做抛运动，不可能空心命弹簧弹力的大小一定不变，小球高度不变，A项m四，在P点，有十mg-m,又错误，B项正确。轻弹簧拉力沿水方向的分中，A项错误：只增加篮球的初速度大小，不改变投射角度，由水射程的表达式x力和杆对小球的弹力的合力提供向心力，当转mg·2=立mu2-2m2,联立解得△F-速较小时，杆对小球的弹力背离转轴，Frcos02sin20,可知水射程增大，不可能空心命F1一F2=6mg,D项错误。一F=mrw2,解得FN=Tcos0-w2r;当转【例5】AC【解析】设绳子与竖直方向的中，B项借误；山于第一次投篮时0=45°，若只速较大时，杆对小球的弹力指向转轴，FTcos6夹角为，小球好离开圆锥筒时，圆锥筒的支增加篮球的投射角度，不改变篮球的初速度大+FN=w2r,解得FN=mnw2r-Frcos0,因w持力为0，则有ngtan0=w2lsin0,解得w小，由水射程的表达式x=s29,可知由>w,所以由牛顿第三定律可知，小球对杆压力的大小不一定变大，C项错误。由匀速圆周运V√1c0s0则绳子越长，角速度的临界值越小，于sin20变小，所以水射程减小，不可能空心动的向心力公式F=wr可知，以w'匀速转动小球越容易离开圆锥简，A项正确，B项错误：命中，C项错误；由于第一次投篮时0=45°，同时，所需的向心力增大，小球所受合外力的大小两个球都离开圆锥筒后，小球都只受重力与绳时增加篮球的初速度大小和投射角度，由水定变大，D项正确。子的拉力，两小球都随圆锥筒一起转动，有相同射程的表达工一29，可知初速度w增大，【例3】BC【解析】设列车转弯时内、外轨的角速度，则有小球的高度为h=lcos0,代入数所在斜面的倾角为0，小球质量为m,由于悬挂但sin20变小，所以水射程可能不变，有可能小球的细线与车厢侧壁行，即细线垂直内、外据解得h=吕，C项正确；小球都离开圆锥筒时空心命中，D项正确。轨所在斜面，可知细线与竖直方向的夹角为0，【变式5】B【解析】球的运动是斜上抛运细线上的拉力FT与小球的重力mg的合力提绳子的拉力T=由丁绳子长度不同，则小动，最后垂直墙进入洞里，则可以把它看成是从球离开台时的夹角也不同，所以拉力也不相洞开始的抛运动，从洞到高五的网过程中H供小球做圆周运动的向心力，则F=gA同，D项错误。/2(H-h)项错误；车厢的重力与轨道的支持力的合力提h=2g2,得出t=V【变式4】B【解析】小球做《g供车相做圆周运动的向心力，内、外轨道与轮缘匀速圆周运动，对其受力分析如图/23.32.5s=0.4s,水方向上若恰好间均没有侧向挤压作用，B、C两项正确：由所示，则有glan9=n Lsin0,10ngta0=m得u=Vgrtan0,在9与转弯处擦网，则L=4,得出0==5m/s,从墙洞整理得1cs0-号，则两球处于的圆弧半径r已知时，可以求出列车转弯时的同一高度，B项正确。的位置到人抛出球的位置处，竖直方向上23XKA(新)·物理一B版一XJC7