[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1 物理(辽宁卷)试题正在持续更新，目前2025届国考1号答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

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1、百师联盟2024高三冲刺卷四物理

则有号=子×TX解得U-号。方向成0角斜向右下方，则tan0=mg只有重力和电场力做功，带电小球到达b点，34mg重力势能不变，电势能减小，故到达b点时的11.C【解析】粒子在电场中做类抛运动，动能Ek=qE·2R=2ngR,A项错误；当小从P点到再次落到MN连线上，水位移=手，即0=53，设等效最商点为C点，小球重力和电场力的合力正好沿半径方向时，等于竖直位移即1=之·咒，解得1小球的速度最大，所以速度最大点在d点的m球刚好在圆轨道内做圆周运动，则在C点等效重力提供小球做圆周运动的向心力，即G左侧，B项错误：第一次过d点时，根据动能,电场力的冲量1=g=2,A项=紧解得=。从A到C由动能定理，有mgR十qER=2m02,根据向心力铅误；竖直速度-产！=2，合速度=定理得F电(s-Rcos53)-mg(R+Rsin53)公式，有F1d一g=mvld2R,解得FNa=√2十，=√5，粒子经过Q点时的动mc2-0,其中F电=mg,解得释放点15mg,第一次过c点，根据向心力公式，有能Ek=2m2=号m2,B项错误：水A距圆轨道最低点B的距离、=23，所以DP十mgmR,第一次经过c点的动能为位移x=wt=E,竖直位移y=x,做合项正确，A、B、C三项错误。之mo:2=mgR,Fxc=g,则小球第一次经位移大小==2y2m,C项正确：设5.BD【解析】根据题意可知油滴在两极板gE过最低点d和最高点c时对管壁的压力之比间先做匀诚速直线运动，后做匀加速直线运Q点处速度方向与竖直方向的夹角为，则为FN1d：FNIe=5：1,D项错误；从a点释放动，因为往返共用时，则表示油滴水方tan 0=0o I到第二次到c点的过程，根据动能定理，有=2,即0≠30°，D项错误。向上的路程大小，不是两极板间的距离，A项一mgK+2gE·2R=号m2,根据向心力公专项突破6电场中的力电错误：因为油滴在水方向上运动，所以重力不做功，只有电场力做功，根据动能定理可得式，有十mg=m，解得Fe=5m综合问题gU=2m2,又Q=CU,解得Q=Cmo;B则小球第一次和第二次经过最高点c时对管2q1.B)【解析】小球带正电，则小球从a点运项止确；设两极板与水方向的夹角为日，电壁的压力之比为FNIe:FN2e=1:5,C项动到b点的过程中，电场力做正功，电势能减场力沿水方向的分力就是油滴受到的合正确。小，A项错误；根据对称性可知，绝缘竖直圆力，竖直方向上的力与重力等大反向，故有9.B【解析】设木杆倾角为0、上升过程沿杆环上均匀分布的正电荷在圆心处产生的电场强度完全抵消，则带电圆环在圆心处产生的(Eq)2=(mg)2+(ma)2,而a=功=2题，解运动的最大距离为L,小环从M到V、从N到M电场力做功为0，所以上滑和下滑过程电场强度为零，B项正确：由图2可知，小球2摩擦力做功相等，设为W1,上滑过程电场力在a处的加速度小于在b处的加速度，由gEVg2+罗.C项特误，D项正确.得E=m做负功，下滑过程电场力做正功，则在上滑和=maa,可知a点的电场强度小于b点的电场下滑过程对小环应用动能定理分别有一mgh强度，C项错误；根据动能定理有qU=6.AC【解析】将Ea、E延长，号mw2-0=号m×0.=0.08mg其交点为Q点，如图所示，山W1-9EM=0-号m2,mgh-W1+十qE图可知场源电荷在Q位置，电动82m2-2m%2=zmX(0.72-0.42)=场方向指向场源电荷，故电荷一名，联立解得一十A项为负电荷，根据仙线运动所受错误；上滑和下滑过程克服摩擦力做功为W10.165m,可得a、b两点电势差U小于b、c两合力指向曲线内侧，所以粒子带正电，A项正1点电势差Uw,D项正确。m(2-22),B项正确；从M到N的确：由图可知，R>R。,且点电荷的电场中等2.D【解析】因有三分之二的动能转化成了过程中，电场力做负功，小环的电势能增加量势面是以场源电荷为圆心的同心圆，沿着电电势能，故金属块损失的动能有三分之一转场线方向，电势逐渐降低，放α点的电势高于化成了内能，根据W=F,可得了=P,为△=以-器2.C模转联：b点电势，B项错误；由于a点的电势高于b所以VM间的电势差为UM=Eh=从A到C点全程由动能定理得一「一F电点的屯势，由正屯荷在屯势高处屯势能大，即mE(02十2)，D项错误.。(2L一s)=0,解得s=4L,D项正确。粒子从α到b电势能减小，C项正确；由图可4(mg+gE)3.AC【解析】将小球的运动沿水和竖直知，R>R,且根据E=是可知，粒子在口10.(1)5.4gE(2)SR(3)15R方向正交分解，水分运动为初速度为零的点的电场强度小于在b点的电场强度，故粒【解析】(1)设小物块第一次到达C点时匀加速直线运动，竖直分运动为竖直上抛运的速度大小为1，根据动能定理有动，所以从A到M和从M到B点所用时间子在a点的加速度小于在b点的加速度，DgET Lsin37°+R(1-cos37)]-uqELcos37°相等。对于初速度为零的匀加速直线运动，项错误在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，7.B【解析】由于两粒子碰撞过程动量守2ma2-0则小球水位移x1与x2的比值为1：3，A恒，则题图可知，在t=0时刻pe=nBvo,项正确，B项错误；从A到B,根据动能定理在t=t2时刻p2=AvA,则mB0=mAA,因解得c=/22gER5m有F·4x1=EkB一8，从A到M的水方向，oA,则nBnA,A项错误。两粒子在1在C点根据向心力公式得FN'一gE根据运动学公式和牛顿第二定律有12时刻速度相等，系统损失动能最大，则系统的21，得=m=6J,联立解得小1电势能最大，B项正确。两粒子在（时刻距R离最近，两粒子间的库仑力最大，即A在t1解得Fvc'=5.4gE球落到B点时的动能为32J,C项正确，D项时刻的加速度最大，C项错误。B在0~t3时根据牛顿第三定律得FvC1=5.4gE。错误问内速度先减小后反向增大，则动能先减小(2)设小物块第一次到达D点时的速度大4.D【解析】小球所受的等效重力为G=后增大，D项错误。小为p1,根据动能定理有√(m)2+(子mg)=mg,设方向与水8.C【解析】带电小球从a点由静止释放，gE(Lsin37°-Rcos37)-qELcos37°=23XKA·物理·75·