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高中新教材同步导练案·物理·选择性必修第二册,选项D正确，3U,由闭合电路中电压关系可知巧+U。=20V,即号+2.解析：(1)由题图可以写出该交变电流电动势的瞬时值表达3U=220V,U=66V,原线圈回路中电阻消耗的功率P1=式为、P1=k一e=5sin 0(V)=5sin100xt(V)PR,副线圈回路中电阻消耗的功率P,=(3I)R,2R1当一200s时，电动势的瞬时值为(3D2R=9,选项A正确:7.ADe=5sin(100x×20)(v)=5.因交流电的频率为∫=二，则热水器上交流电的频率也为50Hz,故A正确；副线圈上的电压按图乙所示规律变(2)当电动势的瞬时值为最大值的一半时，有化，由图像得副线圈上的电压有效值U=220V,理想变压器2.5V=5sin(V)(0为线圈面与中性面的夹角)所以sin0=0.5电压与匝数成正比，所以4，==50×20V=100V,故线圈面与磁感线之间的夹角为60°则电压表示数为11000V,故B错误；副线圈电阻减小，电流(3)因为Em=nBSw增大，电阻值为R的导线发热功率将增大，故C错误；接通开又w=100xrad/s,所以B=E=0.4T.关，电流增大，副线圈消耗的功率增大，输入功率等于输出功nSw率，变压器的输入功率增大，故D正确.故选AD.答案：(1)5V(2)60°(3)0.4T8.解析：(1)所有灯都正常工作的总功率：3.解析：(1)①由本实验的实验原理可知，本实验不必用到的器P=22×6×40W=5280W材是条形磁体和直流电源.②为使实验安全，本实验用到的_5280W=24A电源是学生电源，且利用低压交流挡通过电灯的总电流1，=立220V2③根据变压器电压比等于匝数比，有片=”，所以nAn根蝶号一兴得UAn.输电线上的电流13=144=6An3答案：(1)①BC②（低压）交流电源(2)①n匝线圈B线P降压变压器原线圈电压，==880V图②电压U:电压U®号输电线上的电压损失△U=I3R=24V4.解析：(1)变压器是通过互感工作，而不是通过铁芯导电把电因此升压变压器的输出电压U2=U3+△U=904V能由原线圈输送到副线圈，A错误；变压器工作时在原线圈=1得上将电能转化为磁场能，在副线圈上将磁场能转化为电能，B(2)根据可2一m2正确；理想变压器忽略能量损失，原线圈输入功率等于副线升压变压器输入电压U=U:%=226V圈输出功率，C正确；变压器的原线圈两端电压由发电机提供，则副线圈上不接负载时，原线圈两端电压不变，不为0，D输入电流=器=1，号=24A错误.故选BC(2)若是理想变压器，则有变压器线圈两端的电压与匝数的根据闭合电路欧姆定律，发电机的电动势：E=U1十r=250V=,当变压器的原线圈接“0”和“8”两个接线柱关系为可2所以发电机的功率为P=EI1=6000W.答案：(1)904V(2)6000W之间而副线圈的“0”和“4”两个接线柱时，可知原副线圈匝数比为2：1，副线圈电压为3V,则原线圈电压应该为6V;实9.C由题图乙所示的正弦式电压图像知周期T=2×10一2s,际操作中，不是理想变压器，需要考虑损失部分，则原线圈所选项A错误：升压变压器原线圈电压的有效值U,=3V=√2接电压大于6V.故选D.(3)把变压器和R等效为一个电阻R1,R,当作电源内阻，当=得升压变压器副线圈的输出电压U2一内外电阻相等，即R1=R时，此时，输出功率最大，根据220V,由U2=m2U,=15×20V=300V,输电线中电流为12=Pnn2R=,将公式2=,得12R1=代人上式，可得=10A,选项B错误；输电线电压损失△U=I2R线=100V,降n2压变压器原线圈输入电压为U=U2一△U=3200V,选项C(),从而得出=(),此时R获得的功率最大正确；输电线上功率损失为P损=IR线=1000W,选项DRo1/错误。答案：(1)BC(2)D10.CP根据电功率公式P=U1,发电机输出电流I=5.ABD原线圈电压的有效值为220V,则副线圈两端电压为400A,A错误：输电线上损失功率5kW,由P线=线R线，110V,选项A正确；变压器不改变交变电流的频率，选项B正确；根据P人=P:得出电流表谈数为I=号-器A-=25A,故B错误；降压变压器原、副线圈可得I线√R线0.1A,选项C错误；图乙电压随时间变化的表达式为=得到的功率为P4=P一P线=95kW,根据理想变压器电流5000W220√2sin(100πt)V,选项D正确.116,A设原发周中电流为1，由号一兴处刷线图中的电就二与线圈匝数成反比关系，可得生-Y80n3=95000W=190,C220V3I,由题意知副线圈中电阻两端的电压U一3IR,则原线圈回正确；用户得到的功率为95kW,用户得到的电流I4=路中R两端的电压U。=1R-号，原线圈两端的电压山95000W≈432A,D错误.故选C.220V162