[绥化三模]黑龙江绥化市2024届高三5月联考模拟检测卷物理答案正在持续更新，目前2025届国考1号答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、2024绥化物理
2、2024年绥化市物理中考试题及其答案
3、2024年绥化市中考物理一模
4、2024年黑龙江绥化中考物理试题解析
5、2024年绥化地区中考物理试题及答案
6、2024绥化中考物理试卷及答案解析
7、2024年绥化市物理中考试卷
8、2024年黑龙江省绥化市中考物理试题
9、绥化联考2024高三理综
10、2024年绥化物理中考试题

第4期因数u>tana,则umgcose0>mgsin0,.木块将随着传(2)显然，当小物体在传送带上受到的摩擦一、单项选择题送带一起以。的速度匀速运动，不能继续做加速力方向始终向上时，最容易到达台CD,此时根1.C运动，故C错误；当木块的速度等于o时，且u<提示由图可知，衡时水绳的拉力为tana,木块无法与传送带相对静止，继续向下做据牛顿第二定律得mgtanc,故A错误；剪断水绳，斜绳的拉力在瞬加速运动，摩擦力的方向沿斜面向上，根据牛顿-ngsin37°+umgcos.37°=ma2间可以突变，剪断水绳前，A绳的拉力为第二定律得mgsine0-F=ma2,木块运动过程中的速若恰好能到达台CD时，有9,剪晰断水绳瞬间，4绳的拉力为mgc0。度一定有等于o的时刻，故D正确0-v2=2al二、多项选择题故B错误；剪断水绳，将小球的重力沿绳的方6.AD联立并代入数据解得向和垂直于绳的方向分解，沿垂直绳的方向产生提示分三种情况：(1)小煤块到达B前速度a2=-2m/s2,v=2V/5m/s加速度，大小为=mgsinc=gina,故C正确；剪等于，则1at-2名，其中1=音a4g,解得1上即当小物体在台AB上向右运动的速度小断斜绳，水绳的拉力瞬间变为零，则小球的加于2√5m/s时，无论传送带顺时针运动的速度多速度为g,故D错误。g,增大则1变长；(2)小煤块到达B时速度大，小物体都不能到达台CD2.D(3)小物体在台AB上的运动速度大小为提示以小球A为研究对象，分析受力如图小于或等于”，且运动时间121≤3L,则v1=8m/s,小物体能够到达台CD时，设传送带顺1所示，根据牛顿第二定律得m4gtan0=m4a,解得a=gtan0,方向向东，则列车可能向东做加速运动-L,解得2LaV码L,增大则l变长；时针运动的最小速度为vm,由于v>w=2V√5m/s,也可能向西做减速运动，故A、B错误；再对物体(3)小煤块到达B时速度小于或等于，且运动故若传送带的速度大于或等于2V5/s时，小物B研究，由牛顿第二定律得f=ma=mgtan0,方向向东，故C错误，D正确。时问心3L,此时在小煤块到达B端前划痕前端体必能到达台CD,故所求的传送带的最小速度大小应小于。就追上小煤块了，划痕长度为2，之后的划痕与对从小物体滑上传送带到小物体速度减小原来划痕重叠，划痕长度为2L不变，A项正确；由上述可知，减小小煤块与传送带间的动摩擦因到与传送带的速度大小相等的过程中，有数，则1会变长或不变，B项错误；第(1)种情况下Vmn2-v12-2axl与L无关，C项错误；由(3)可知D项正确。对小物体以速度大小减速到零到达台7.BCCD的过程，有图1提示对P、Q及弹簧组成的整体受力分析，3.B根据牛顿第二定律有F-(m+m2)gsin0=(m+m2)a,0-Vmn2=2ax提示以小球为研究对象，分析受力情况可由题意知xtx=知，小球受重力3mg、绳的拉力T,小球的加速度解得两物块一起运动的加速度大小a=Fm1+m2联立并代入数据解得m3ms方向沿斜面向下，则3mg和T的合力一定沿斜面gsin0,故A错误；对Q受力分析，根据牛顿第二即传送带至少以3m/s的速度顺时针运动，小向下，如图2所示，由牛顿第二定律得。303ma。定律有T-m2gsin0=ma,解得弹簧的弹力大小T=物体才能到达台CD。m2F解得a=2g再对小车整体根据牛顿第二定律可得m1+m2,故B正确；根据T=mF,可F+(2m+3m)gin30°=5ma,解得F=7.5mg,故选项m+m2m1+110.(1)6ms(2)1+V7m2B正确。知若只增大m2,两物块一起向上匀加速运动时，提示(1)设P的加速度大小为a1,对P由牛弹簧的弹力变大，根据胡克定律可知弹簧的伸长量变大，故它们的间距变大，故C正确：根据T=顿第二定律可得mg=Mam2F解得a=2m/s2,方向向左。130,可知若只增大日，两物块一起向上匀加3mgm:+m2设Q的加速度大小为，对Q由牛顿第二速运动时，弹簧的弹力不变，根据胡克定律可知弹图2定律可得F+mg=ma24.D簧的伸长量不变，故它们的间距不变，故D错误。解得a2=12m/s2,方向向右。提示由于mg>,(m1+mg,对木板由牛顿8.BD提示根据v-t图像可知A的加速度大小为p做减速运动，有v=o一at第二定律得mgu,(m+mag=m1a,解得a=2m/s,即小物块在木板上以a2g=4m/s2的加速度向右a,=会智=9ms2m,放A错误：以A为研究0做加速运动，有v=1减速滑行时，木板在水地面上以a=2m/s2的加P、Q达到共同速度时，有v1=2速度向右加速运动，在0.6s时，小物块的速度"2=对象，根据牛顿第二定律可得FmAg=m4a,解得解得t1=0.5s,v1=6m/s1.6m/s,木板的速度"1=1.2m/s,B错误；小物块滑u-F-ma=0.4,故B正确：若B不固定，假设A、P、Q达到共同速度之后无法相对静止，各自离木板时，小物块的位移=v2=1.68m,木板mag2B间不发生相对滑动，则有F-(m4+mB)d,d=1.2ms2,做变速运动。设此时Q的加速度大小为，对Q的位移x1=t=0.36m,两者相对位移x=2-x=对A有F-f=m4ad',得f=4.8N>mg,假设不成立，由牛顿第二定律可得F-mg=ma解得a=4m/s2,方向向右。1.32m,即木板长度为1.32m,A错误；小物块离开故A、B会发生相对滑动，则B的加速度大小为木板后，木板做减速运动，加速度大小a'g2m/s2,方向水向左，C错误；小物块离开木板a=m49_0.4x1x10设此时P的加速度大小为a4,对P由牛顿第m/s2=1m/s2,故C错误；由题4二定律可得wmg=Ma4后，在地面上物块会滑行=0.32m,木板会图乙可知B的长度1=2X5×10m=25m,设A运动解得a=2m/s2,方向向右滑行=2公036m,所以两者会相碰.D正确。故运动过程中，P的最小速度为6m/s。到B的最右端所用的时间为t,则根据题意可得(2)从开始计时到达到共同速度，设P的位5.D2a2名aw2-4,解得15V2s,放D正确。提示若木块以一定的初速度从传送带的底移大小为x,则x=2a=3.25m端开始向上运动，木块一定先减速向上运动，而三、非选择题设Q的位移大小为，则x=2=1.5m1题图乙表示的是木块运动方向不变，且一直做加9.(1)0.5(2)2V5m/s(3)3mls速运动，所以木块的初速度一定向下，故A错误：木块的初速度一定沿斜面向下，又因为题图乙的提示(1)传送带静止时，小物体在传送带上Q相对P向左运动的距离d=x1-x=1.75mP、Q达到共同速度之后无法相对静止，Q相斜率先大后小，所以木块的加速度也先大后小，根据牛顿第二定律得对P向右运动，当相对位移大小为d时，0刚好木块受到的合力先大后小，木块所受的摩擦力先mgcos37°-mgsin37°=ma1向下后向上，只有木块的初速度小于o时摩擦力要从P的右端掉下，有d=2（a-)的方向才能先向下，故B错误；木块的初速度小小物体从B,点运动到C点的过程有于o,摩擦力沿斜面向下，木块向下做匀加速直0-v2=2al解得2s(另一解舍去)线运动，由牛顿第二定律有mgsin0+f=ma1,当木联立并代入数据解得块的速度等于。时，若木块与传送带间的动摩擦a=-10m/s2,=0.5所以=t+i=1+V-So第4页